Question

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有一个无限大的棋盘,棋盘上有一匹马,马可以从长宽分别为p和q的矩形一个角移动到对角。即假设马当前的位置为(x,y),那么下一步可以移动到(x+p,y+q),(x+p,y-q),(x-p,y+q),(x-p,y-q),(x+q,y+p),(x+q,y-p),(x-q,y+p)或者(x-q,y-p)这8个位置。

问马是否能从坐标(x,y)按照上述移动规则移动到坐标(x2,y2)。

Solution

ref

  1. 计算dx=x-x2,dy=y-y2。
  2. 求出p,q的最大公约数g,如果dx或者dy不能被g整除,那么很显然无解。
  3. 将p,q,dx,dy都除以g,现在p和q互质了。
  4. 注意到马可以跳到点(0,2p)(先(p,q)跳一下,然后(p,-q)跳一下),重复这个过程,马可以跳到任意(0,2kp)的点,由于对称性,也可以跳到任意(2kp,0)的点。
  5. 下面这一步很关键,由于p,q互质,那么存在x,y满足px+qy=1(扩展欧几里德定理)。这样,马可以跳到(0,2)和和(2,0),由于对称性,马可以跳到任意坐标都为偶数点。
  6. 有了上面的结论,其实只用考虑(0,0),(0,1),(1,0),(1,1)这4个点是否可达。(0,0)是可达的,(0,1)和(1,0)由于对称性只用考虑(0,1)。
  7. 对于(1,1),其实是永远可达的。如果q,p都为奇数,可以先跳到(1+p,1+q)的点(利用5中的结论,可以跳到都是偶数的点),然后(-p,-q)跳到(1,1)。如果p,q一奇一偶,可以先跳到(1+p+q,1+q+p)的点(利用5中的结论),然后(-p,-q),(-q,-p)两步跳到(1,1)。
  8. 对于(0,1),如果p,q一奇一偶,那么也是永远可达的(同7可证)。如果p,q都是奇数,那么是不可能跳到(0,1)的,因为两个奇数不管怎么加减交替运算都不可能变成一奇一偶。

所以最后的结论就是:__第3步之后,如果p,q一奇一偶,那么可达。否则dx,dy同奇或同偶才可达__。

gcd的代码 (concise version):

int gcd(int a, int b) {
    return b ? gcd(b, a % b) : a;
}

Code

not written by me

int gcd(int a, int b){
    return b? gcd(b, a%b) : a;
}

bool canJump(int p, int q, int x, int y, int x2, int y2) {
    if(p==0 && q==0) return (x==x2)&&(y==y2);
    int xDist = x2 - x, yDist = y2 - y;
    int g1 = gcd(p, q);
    if( xDist % g1 || yDist % g1) 
        return false;
    p = p/g1;
    q = q/g1;
    xDist = xDist/g1;
    yDist = yDist/g1;
    if((p-q)%2 ) 
        return true;
    else 
        return (xDist-yDist)%2 == 0;
}